【真题汇编】2022年福建省晋江市中考数学备考真题模拟测评 卷(Ⅰ)(含答案及详解)

考试时间：90分钟；命题人：数学教研组

1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟 2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上

3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。

○· · · · · · · · · · 学号· · · · · · · ○ · 第I卷（选择题 30分）

一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分） 1、下列计算中正确的是（ ）

B．5x2y6x2yx2y C．2a5b7ab

D．224

封· · · · · ○年级11 A．· 33○ · · · · · · · 2、下列关于x的方程中一定有实数根的是（ ） · · A．x2＝﹣x﹣1 · · · 封 B．2x2﹣6x+9＝0

2020C．x2+mx+2＝0 D．x2﹣mx﹣2＝0

3、已知4个数：1，2，1.5，32，其中正数的个数有（ ）

C．3

D．4

密· · · · · · · A．1 · 密 姓名 B．

· 4、下列对一元二次方程x2－2x－4＝0根的情况的判断，正确的是（ ） · · A．有两个相等的实数根 · B．有两个不相等的实数根 D．无法判断

○ · · · · · · · · 5、用配方法解一元二次方程x2＋3＝4x，下列配方正确的是（ ） · · A．(x＋2)2＝2 · ○ C．没有实数根

B．(x－2)2＝7 C．(x＋2)2＝1 D．(x－2)2＝1

· 6、有下列说法：①两条不相交的直线叫平行线；②同一平面内，过一点有且只有一条直线与已知直· · · · 外 · · · · 内 线垂直；③两条直线相交所成的四个角中，如果有两个角相等，那么这两条直线互相垂直；④有公共顶点的两个角是对顶角．其中说法正确的个数是（ ） A．1

B．2

C．3

D．4

7、下列利用等式的性质，错误的是（ ） A．由ab，得到1a1b C．由ab，得到acbc 8、下列计算正确的是（ ） A．2mm3m2

B．2xx2

C．x2x24x

D．5n2n3n

B．由acbc，得到ab D．由a2b，得到ab 29、球沿坡角31的斜坡向上滚动了5米，此时钢球距地面的高度是（ ）． A．5sin31米 10、若aB．5cos31米

C．5tan31米

D．5cot31米

b，则下列分式化简正确的是（ ）

a2a A．

b2ba2a B．

b2b2aa C．

2bba2aD．2

bb第Ⅱ卷（非选择题 70分）

二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）

1、已知一个两位数，个位上的数字比十位上的数字小4，且个位上的数字与十位上的数字的平方和比这个两位数小4，则这个两位数是___．

2、一元二次方程3x225x的一次项系数是______． 3、近似数6.05104精确到____________位．

4、一名男生推铅球，铅球行进的高度y（单位：米）与水平距离x（单位：米）之间的关系为

y1225xx，则这名男生这次推铅球的成绩是______米． 12335、如图，两个正方形的边长分别为a，b．若a＋b＝5，ab＝5，则图中阴影部分的面积为_____．

· · · · · · · · · · · · · · · 三、解答题（5小题，每小题10分，共计50分） · · 1、如图，长方形ABCD中，AB＞AD，把长方形沿对角线AC所在直线折叠，使点B落在点E处，AE交· · · · · 线· · · · · · 线

○· · · · · · ○ CD于点F，连接DE．

学号· · · · · · · · · · · · ·

· 封· · · · · 封○密 （1）图中有 个等腰三角形；（请直接填空，不需要证明） （2）求证：△ADE≌△CED；

（3）请证明点F在线段AC的垂直平分线上．

2、如图，在Rt△ABC中，ACB90，ACBC10cm．点D从A出发沿AC以1cm/s的速度向点C移动；同时，点F从B出发沿BC以2cm/s的速度向点C移动，移动过程中始终保持DE∥CB（点E○ 年级姓名 · · · · · · ．当其中一点到达终点时，另一点也同时停止移动．设移动时间为t（s）（其中t0）． · 在AB上）

密 · · · · · · · · · ·

2· （1）当t为何值时，四边形DEFC的面积为18cm？

· · （2）是否存在某个时刻t，使得DFBE，若存在，求出t的值，若不存在，请说明理由．

○· · · · · · · （3）点E是否可能在以DF为直径的圆上？若能，求出此时t的值，若不能，请说明理由． · 2

3、已知抛物线y＝x+bx+c与y轴交于点C（0，2），它的顶点为M，对称轴是直线x＝﹣1． · · · （1）求此抛物线的表达式及点M的坐标； · · · · 外 · · · · 内○ （2）将上述抛物线向下平移m（m＞0）个单位，所得新抛物线经过原点O，设新抛物线的顶点为N，请判断△MON的形状，并说明理由．

4、如图1，对于PMN的顶点P及其对边MN上的一点Q，给出如下定义：以P为圆心，PQ长为半径的圆与直线MN的公共点都在线段MN上，则称点Q为PMN关于点P的内联点．

在平面直角坐标系xOy中：

1（1）如图2，已知点A6,0，点B在直线yx4上．

2①若点B4,2，点C4,0，则在点O，C，A中，点______是AOB关于点B的内联点； ②若AOB关于点B的内联点存在，求点B横坐标m的取值范围；

（2）已知点D3,0，点E6,3，将点D绕原点O旋转得到点F，若△EOF关于点E的内联点存在，直接写出点F横坐标n的取值范围． 5、2sin30tan60cos30tan245

-参-

一、单选题 1、B 【分析】

· · · · · · · · · · · · 根据绝对值，合并同类项和乘方法则分别计算即可． 【详解】

11，故选项错误； 33线· · · · · · · · · 解：A、· · · B、

线 5x2y6x2yx2y，故选项正确；

○· · · · · · · C、2a5b不能合并计算，故选项错误；

· · D、224，故选项错误； · 学号年级姓名· 故选B． · · · 本题考查了绝对值，合并同类项和乘方，掌握各自的定义和运算法则是必要前提． · · 2、D · · 【分析】 · 分别求出方程的判别式，根据判别式的三种情况分析解答． · · 【详解】 · · 解：A、∵x2＝﹣x﹣1， · · 封· · · · · ○ · · · · · · 密· · · · · · · ∵1241130， · · · · · 密内○ ∴x2x10， · ○封○ 【点睛】

∴该方程没有实数根； B、2x2﹣6x+9＝0，

○ · · · · · · 2(6)429360， ∵· · · ∴该方程没有实数根；

· · C、x2+mx+2＝0， · · · · · · · · 外 ∵m2412m28，无法判断与0的大小关系， ∴无法判断方程根的情况； D、x2﹣mx﹣2＝0，

∵m241(2)m280， ∴方程一定有实数根， 故选：D． 【点睛】

此题考查了一元二次方程根的情况，正确掌握判别式的计算方法及根的三种情况是解题的关键． 3、C 【分析】

化简后根据正数的定义判断即可． 【详解】 解：12020=1是正数，2=2是正数，1.5=1.5是正数，32=-9是负数，

故选C． 【点睛】

本题考查了有理数的乘方、相反数、绝对值的意义，以及正负数的意义，正确化简各数是解答本题的关键． 4、B 【分析】

根据方程的系数结合根的判别式，可得出Δ=20>0，进而可得出方程x2－2x－4＝0有两个不相等的实数根． 【详解】

· · · · · · · · · · · · 解：∵Δ=(-2)2-4×1×(-4)= 20>0，

∴方程x2－2x－4＝0有两个不相等的实数根． 故选：B． 【点睛】

本题考查了根的判别式，牢记“当Δ>0时，方程有两个不相等的实数根”是解题的关键． 5、D 【分析】

根据题意将方程常数项移到右边，未知项移到左边，然后两边都加上4，左边化为完全平方式，右边

线· · · · · · · · · · · · · · · · ○· · · · · · 学号年级· · · · 封· · · · · · 【详解】 · 2· x34x，

· 2· 整理得：x4x3，

○ · · · · · · · · · ○○内密封○姓名 线 合并即可得到答案．

配方得：x24x434，即(x2)21．

· 故选：D． · · 【点睛】 · 本题考查用配方法解一元二次方程，掌握配方法的步骤是解题的关键． · · 6、A · · 【分析】 · 根据平行线的定义、垂直的定义及垂线的唯一性、对顶角的含义即可判断． · · 【详解】 · · 同一平面内不相交的两条直线叫做平行线，故说法①错误；说法②正确；两条直线相交所成的四个角· 中，如果有一个角是直角，那么这两条直线互相垂直，当这两个相等的角是对顶角时则不垂直，故说· · · · · · · · · · · · · · · · · ○密 外 法③错误；根据对顶角的定义知，说法④错误；故正确的说法有1个；

· · · · 故选：A 【点睛】

本题考查了两条直线的位置关系中的相关概念及性质，掌握这些概念是关键． 7、B 【分析】

根据等式的性质逐项分析即可． 【详解】

A.由ab，两边都加1，得到1a1b，正确；

B.由acbc，当c≠0时，两边除以c，得到ab，故不正确； C.由ab，两边乘以c,得到acbc，正确； D.由a2b，两边乘以2,得到ab，正确； 2故选B． 【点睛】

本题考查了等式的基本性质，正确掌握等式的性质是解题的关键．等式的基本性质1是等式的两边都加上（或减去）同一个整式，所得的结果仍是等式；等式的基本性质2是等式的两边都乘以（或除以）同一个数（除数不能为0），所得的结果仍是等式． 8、D 【分析】

直接根据合并同类项运算法则进行计算后再判断即可． 【详解】

解：A. 2mm3m，选项A计算错误，不符合题意；

B. 2xxx，选项B计算错误，不符合题意； C. x2x22x2，选项C计算错误，不符合题意；

· · · · · · · · · · · · D. 5n2n3n，计算正确，符合题意

故选：D 【点睛】

本题主要考查了合并同类项，熟练掌握合并同类项法则是解答本题的关键． 9、A 【分析】

BCAC线· · · · · · · · · · · · · · · ○· · · · · · · 过铅球C作CB⊥底面AB于B，在Rt△ABC中，AC=5米，根据锐角三角函数sin31°=

○ 线 ，即可求

学号· · 解． 【详解】

解：过铅球C作CB⊥底面AB于B，

BC · 封· · · · · · · · · ○年级· 如图在Rt△ABC中，AC=5米，则sin31°=，

AC· ○密封 · · · · · · · · · · · · · · · · · ∴BC=sin31°×AC=5sin31°． 故选择A．

密 姓名· · · · · ·

· 【点睛】

· 本题考查锐角三角函数，掌握锐角三角函数的定义是解题关键． · · 10、C · · · · · · · ○ · · · · · · ○内 【分析】

外 · · · · 由ab，令a3，b4再逐一通过计算判断各选项，从而可得答案.

【详解】

解：当a3，b4时，

a3a25，，故A不符合题意； b4b26a21，故B不符合题意； b22而

2aa, 故C符合题意； 2bba29．故D不符合题意 b216故选：C． 【点睛】

本题考查的是利用特值法判断分式的变形，同时考查分式的基本性质，掌握“利用特值法解决选择题或填空题”是解本题的关键. 二、填空题 1、84 【分析】

等量关系为：个位上的数字与十位上的数字的平方和＝这个两位数﹣4，把相关数值代入求得整数解即可． 【详解】

设十位上的数字为x，则个位上的数字为（x﹣4）．可列方程为：

x2+（x﹣4）2＝10x+（x﹣4）﹣4

解得：x1＝8，x2＝1.5（舍）， ∴x﹣4＝4，

· · · · · · · · · · · · ∴10x+（x﹣4）＝84． 答：这个两位数为84． 故答案为：84 【点睛】

本题考查了一元二次方程的应用，根据题意列出方程是解题的关键． 2、－5 【分析】

化为一般式解答即可． 【详解】

线· · · · · · · · · · · · · · · · ○· · · · · · 学号年级· · · · · · 封· · · · · 2解：∵3x25x， · 2· ∴3x5x20，

· ∴一次项系数是-5， · · 故答案为：-5． · · 【点睛】 · ○ · · · · · · ○封○ 线 ．其中a是二· 此题考查了一元二次方程的一般形式，一元二次方程的一般形式为ax+bx+c=0（a≠0）

次项系数，b是一次项系数，c是常数项． · · 3、百

· · 【分析】 · · 一个近似数的有效数字是从左边第一个不是0的数字起，后面所有的数字都是这个数的有效数字． · 【详解】 · · 解：∵104是1万，6位万位，0为千位，5为百位， · · ∴近似数6.05×104精确到百位； · 故答案为百． · · · · 2

密· · · · · · ○ · · · · · · 外 · · · · 内○密 姓名 【点睛】

此题考查近似数与有效数字，解题关键在于掌握从左边第一个不是0的数开始数起，到精确到的数位为止，所有的数字都叫做这个数的有效数字．最后一位所在的位置就是精确度． 4、10 【分析】

将y0代入解析式求x的值即可． 【详解】 解：∵y0 ∴01225xx 1233x2x100

x20，x100

解得：x2(舍去)，x10 故答案为：10． 【点睛】

本题考查了二次函数的应用．解题的关键在于正确的解一元二次方程．所求值要满足实际． 5、2.5 【分析】

先利用阴影部分的面积等于大的正方形的面积的一半减去三个三角形的面积得到阴影面积为：

121aabb2，再利用完全平方公式的变形求解面积即可. 22【详解】

· · · · · · · · · · · · 解： 两个正方形的边长分别为a，b，

1S阴影=a2212a212b212b21bab21bab 2线· · · · · · · · · · · · · · · · 线 112abb22112abb 22○· · · · · · ○ 1212aabb 22 a＋b＝5，ab＝5，

S阴影=12a2abb2212ab2学号4ab

· · · · · · · · · 125452152.5 2封· · · · · 封○故答案为：2.5 【点睛】

本题考查的是完全平方公式在几何图形中的应用，利用完全平方公式的变形求解代数式的值，掌握

22○ 年级 · · · · · · · “abab4ab”是解本题的关键. · · · · · 三、解答题 1、

密· · · · · · · （1）2 · · · · · · · 密○内 姓名 （2）证明见解析 （3）证明见解析 【分析】

（1）由题意知CE=BC=AD，∠EAC=∠BAC=∠DCA，有△ACF为等腰三角形；在ADE和CED中，

○ · · · · · · · ADCE· △CED，有∠DEA=∠EDC，有△DEF为等腰三角形； AECD，知△ADE≌· DEED· · · · · · · · · 外 ADCE△CED； （2）在ADE和CED中，AECD，可得△ADE≌DEED△CED，DEAEDC，DEFEDF，有EFDF，AECD，故（3）由于△ADE≌AEEFCDDF，FAFC进而可得出结果．

（1）

解：有△ACF和△DEF共2个等腰三角形

证明如下：由折叠的性质可知CE=BC=AD，∠EAC=∠BAC ∵ABCD ∴∠EAC=∠DCA ∴△ACF为等腰三角形； 在ADE和CED中

ADCE



∵AECD DEED

∴△ADE≌△CED(SSS) ∴∠DEA=∠EDC ∴△DEF为等腰三角形； 故答案为：2． （2）

证明：∵四边形ABCD是长方形 ∴ADCE，AECD

由折叠的性质可得：BCCE，ABAE ∴ADCE，AECD

· · · · · · · · · · · 线· · · · · · · · · · · （3）

· 证明：由（1）得△ADE≌△CED · · ∴DEAEDC，即DEFEDF · 线○密封○ ADCE 在ADE和CED中，AECD

DEED· · ∴△ADE≌△CEDSSS．

· · · · · · ○ 学号年级· ∴EFDF · 又∵AECD · · ∴AEEFCDDF · · ∴FAFC · · ∴点F在线段AC的垂直平分线上． · 【点睛】 · · 本题考查了几何图形折叠的性质，矩形，等腰三角形的判定与性质，三角形全等，垂直平分线等知· · · · · · · · · · · · · · · ○封 识．解题的关键在于灵活运用知识． 2、 （1）t4

（2）不存在，说明见解析

10 3密 · · · · · · 姓名 · · · · · · （3）能，t· · · ○ · · · · · · ○内 【分析】

1DEFC为梯形，则S四边形DEFC(DECF)CD，（1）由题意知，四边形· 2· 1S四边形DEFC(t102t)(10t)18，求t的值，由0t5得出结果即可； · 2 · · · · · · · · 外 （2）假设存在某个时刻t，则有10t102t210t，解得t的值，若0t5，则存在；否则不存在；

（3）假设点E在以DF为直径的圆上，则四边形DEFC为矩形，DECF，故有t102t，求t的值，若0t5，则存在；否则不存在． （1）

解：∵ACBC,C90

∴ABC是等腰直角三角形，AB45 ∵DE∥CB

∴EDCC90，DEAB45

∴ADE是等腰直角三角形，四边形DEFC为直角梯形 ∴DEAD

∵DEADt，CFBCBF102t，CDACAD10t ∴S四边形DEFCDECFCDt102t10t

1t210t50 212∵S四边形DEFCt10t5018

21212222∴t220t0 解得t4或t16． ∵10t0且102t0 ∴0t5 ∴t4． （2）

· · · · · · · · · · · · 解：假设存在某个时刻t，使得DFBE．

222线· · · · · · · ∴10t102t210t · · 化简得· · 线 3t220t0

20 3t· 解得t0或

· ∵0t5 · ○· · · · · · · ∴不存在某个时刻t，使得DFBE． · 学号· （3） · · · ∴DECF，即t102t · · · · · 封· · · · · 封○ 解：假设点E在以DF为直径的圆上，则四边形DEFC为矩形

解得t10 3年级 · · · · · · ∵0· · 105 310时，点E在以DF为直径的圆上． 3○· ∴当t· · · ○密【点睛】

密 姓名· · · · · · · 本题考查了解一元二次方程，勾股定理，直径所对的圆周角为90°，矩形的性质，等腰三角形等知· 识点．解题的关键在于正确的表示线段的长度． · · 3、 · · （1）y=x+2x+2，顶点M（﹣1，1） · （2）等腰直角三角形；理由见解析 · · 【分析】 · · （1）根据待定系数法即可求得抛物线的解析式，然后化成顶点式求得顶点M的坐标； · （2）设新抛物线的解析式为y=（x+1）+1-m，把（0，0）代入求得m的值，即可根据平移的原则得· · · · 2

○ · · · · · · ○ 外 · · · · 内2

到顶点N的坐标，根据勾股定理求得OM2=ON2=2，MN2=4，即可得到结论． （1）

解：∵抛物线y=x2+bx+c与y轴交于点C（0，2），对称轴是直线x=﹣1．

c2b2∴b，解得，

c212∴抛物线的表达式为y=x2+2x+2， ∵y=x2+2x+2=（x+1）2+1， ∴顶点M（﹣1，1）； （2）

解：∵抛物线向下平移m（m＞0）个单位，所得新抛物线经过原点O， ∴设新抛物线的解析式为y=（x+1）2+1-m， 把（0，0）代入得，0=1+1-m， ∴m=2，

∴顶点N为（-1，-1）， ∵M（-1，1），

∴OM2=（-1）2+12=2，ON2=（-1）2+（-1）2=2，MN2=22=4， ∴OM=ON，OM2+ON2=MN2， ∴△MON是等腰直角三角形． 【点睛】

本题考查了待定系数法求二次函数的解析式，二次函数的图象与几何变换，二次函数图象上点的坐标特征，求得顶点M、和顶点N的坐标是解题的关键． 4、 （1）①C，A · · · · · · · · · · · · ②0m6

353512n0和n 555线· · · · · · · （2）· · · · · 【分析】

线○学号封○年级 （1）①由内联点的定义可知C，A满足条件

②结合图象可知当点B为圆心的圆与AO线段相切时，有一个公共点，且符合内联点定义，故0m6时均符合题意．

· · · · · · ○ · · · · （2）由（1）问可知，当OE与OF，或OF与EF垂直时有一个公共点且满足内联点的定义，故由此可

· 作图，作图见解析，即可由勾股定理、斜率的性质，解得35n0和35n12

555· · · · · · · · · · · · · · 封（1）

①如图所示，由图像可知C，A点是AOB关于点B的内联点

· · · · · · · · · · · ○ 密· · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · ○ · · · · · · ○密 姓名

②如图所示，当点B为圆心的圆与AO线段相切时，有一个公共点，符合内联点定义 故0m6．

外 · · · · 内 （2）

如图所示，以O为圆心的圆O为点F点的运动轨迹，由（1）问可知当∠EFO或∠FOE为90°时，

△EOF关于点E的内联点存在且只有一个，故当F点运动到FF和FF的范围内时，△EOF关于点E1234的内联点存在．

设F点坐标为（x，y），则x2y29，由图象即题意知

当F点在F1点时，OF1EF1，即kOF1kEF11有

xF10，yF13

当F点在F2点时，OF2EO，即kOF2kEO1有

OF22EO2EF22

即(x2y2)2(6232)2((6x)2(3y)2)2

当F点在F3点时，OF3EO，即kOF3kEO1有

OF32EO2EF32

· · · · · · · · · · · 222222222· 即(xy)(63)((6x)(3y))

线· · · · · · · 线 解得x或x · 55· · · · 当F点在F4点时，OF4EF4， · · 222· OF4EF4OE

3535故xF33535，xF2 55○· · · · · · · 学号· 222222222· 即(xy)((6x)(3y))(63)

· 封· · · 封○○ · · · · · 化简得x2y26x3y

· 且OEFF

14· · 即kOEkF1F41 · · · · 化简得y2x3 · 22 · 联立xy6x3y

· · · · · · ○ 年级· 即3y31

6x0密· · · · · · · · · · 密 姓名 解得x12或x=0 5 · 故xF 45 · · 综上所述，F点的横坐标n取值范围为· · · · · · · · 12○· · · · · · ○353512n0和n． 555外 · · · · 内

【点睛】

本题考查了有关圆和三角形的新定义概念的综合题目，结合题意作出图象，运用数形结合的思想，熟练应用勾股定理以及斜率是解题的关键． 5、3 2【分析】

先计算特殊角的三角函数值，再按照运算顺序计算即可． 【详解】

132解：原式231

221331 23． 2【点睛】

· · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · 本题考查了特殊角的三角函数值，实数的运算，熟记特殊角的三角函数值及实数各运算法则是解题的

线· · · · · · ○· · · · · · 学号年级姓名· · · · · · · · · · · · · · · 封· · · · · ○ · · · · · · 密· · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · · ○ · · · · · · 外 · · · · 内○密 ○封○ 线 关键．