郧阳区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图所示，质点、b在直线PQ上，质点由P点出发沿PQ方向向Q做初速度为零的匀加速直线运动．当质点运动的位移大小为x1时，质点b从Q沿QP方向向P点做初速度为零的匀加速直线运动，当b的位移为x2时和质点相遇，两质点的加速度大小相同，则PQ距离为（ ）

A. 2x1＋x2＋2x1x2 B. x1＋2x2＋2x1x2 C. x1＋2x2＋2x1x2 D. 2x1＋x2＋2x1x2

2． 在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定。若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的

A. 9倍 B. 6倍 C. 3倍 D. 27倍

3． 如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为与地面间的动摩擦因数为则

，B

，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一个水平拉力F，

A．当B．当C．当

时，A、B都相对地面静止 时，A的加速度为时，A相对B滑动

D．无论F为何值，B的加速度不会超过

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4． 如图所示，竖直平行线MN、PQ间距离为a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界PQ），磁感应MN上O处的粒子源能沿不同方向释放比荷为q/m的带负电粒子，强度为B，速度大小相等、方向均垂直磁场。粒子间的相互作用及重力不计。设粒子速度方向与射线OM夹角为θ，当粒子沿θ=60°射入时，恰好垂直PQ射出。则

A．从PQ边界射出的粒子在磁场中运动的最短时间为B．沿θ=120°射入的粒子，在磁场中运动的时间最长 C．粒子的速率为

x-kw

D．PQ边界上有粒子射出的长度为

5． 如图甲所示，倾角为θ的足够长传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t=0时，将质量m=1 kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v–t图象如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力=0.6，cos 37°=0.8。则 加速度g=10 m/s，sin 37°

2

A．传送带的速率v0=10 m/s B．传送带的倾角θ=30°

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C．传送带的倾角θ=37°

D．物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5

6． 在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是

A. 牛顿 B. 伽利略 C. 库仑 D. 焦耳

7． （2016·河北仙桃高三开学检测）某蹦床运动员在一次蹦床运动中仅在竖直方向运动，如图为蹦床对该运动员的作用力F随时间t的变化图象。不考虑空气阻力的影响，下列说法正确的是（ ）

A．t1至t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能守恒 B．t1到t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能增加 C．t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和增加

D．t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和先减小后增加

8． 如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器的图是（ ）

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9． （多选）如图所示，一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动，在框架上套着两个质量相等的小球A、B，小球A、B到竖直转轴的距离相等，它们与圆形框架保持相对静止，则下列说法正确的是：

A．小球A的合力小于小球B的合力 B．小球A与框架可能没有摩擦力 C．小球B与框架可能没有摩擦力

D

．增大圆形框架的角速度，小球B受到的摩擦力可能增大 10．下列各图中,运动电荷的速度方向、磁感应强度方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（

A. A

B. B C. C D. D 11．已知电场线分布如下图，则以下说法正确的是

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）A. 场强B. 电势

C. 把一正电荷从A移到B，电场力做正功

D. 同一负电荷在两点受的电场力

12．如图所示，两根等长的绳子AB和BC吊一重物静止，两根绳子与水平方向夹角均为60°．现保持绳子AB与水平方向的夹角不变，将绳子BC逐渐缓慢地变化到沿水平方向，在这一过程中，绳子BC的拉力变化情况是（ ）

A．增大 B．先减小后增大 C．减小 D．先增大后减小

13．如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框abcd，线框所在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向里为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场，右侧线圈连接一定值电阻R，下列说法中正确的是（ ）

A. t1时刻ab边中电流方向由a→b，e点电势高于f点

B. 设t1、t3时刻ab边中电流大小分别为i1、i3，则有i1＜i3，e点与f点电势相等 C. t2～t4时间内通过ab边电量为0，定值电阻R中无电流

D. t5时刻ab边中电流方向由a→b，f点电势高于e点

14．图示为一正弦式交变电流的电流i随时间t变化的图象，由图可知，这个交流电的

A. 有效值为10V B. 频率为50Hz C. 有效值为

D. 频率为0.02Hz

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15．在图所示的实验中，能在线圈中产生感应电流的情况是

A. 磁铁静止在线圈上方 B. 磁铁静止在线圈右侧 C. 磁铁静止在线圈里面

D. 磁铁插入或抽出线圈的过程

16．阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。开关S闭合且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1,；断开开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。Q1与Q2的比值为

A.

55 B. 23

C. D. 17．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN，P点在y轴的右侧，MP⊥ON，则（ ） A．M点的电势比P点的电势高

B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功 C．M、N 两点间的电势差大于O、M两点间的电势差

D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动

18．如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A′、B′、C′分别是三条棱的中点。现在顶点O处固定一正的点电荷，则下列说法中正确的是

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A. A′、B′、C′三点的电场强度大小相等 B. OABC所在平面为等势面

C. 将一正的试探电荷从A′点沿直线A′B′移到B′点，静电力对该试探电荷先做正功后做负功 D. 若A′点的电势为

，A 点的电势为

，则A′A连线中点D处的电势一定小于

二、填空题

19． 测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材： A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω） B．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω） C．电流表A（0～0.6A，内阻0.1Ω） D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A） E.．滑动变阻器R2（0～200Ω，lA） F．定值电阻R0（990Ω） G．开关和导线若干

⑴某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是____________图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选____________（填写器材前的字母代号）

（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1～I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得

被测电池的电动势E=_______V，内阻r=_____Ω。

图乙 20．输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线的电阻共 计1.0欧，输电导线中的电流是 A，输电导线上因发热损失的电功率是 W。

21．如图所示，在以O点为圆心、r为半径的圆形区域内，在磁感强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场，a、b、c为圆形磁场区域边界上的3点，其中∠boc=600，一束质量为m，电量为e而速率不同的电子从a点沿ao方向

aob=

∠

射人磁场区

图甲

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域，其中从bc两点的弧形边界穿出磁场区的电子，其速率取值范围是 ．

三、解答题

22．如图所示，理想变压器原线圈输入电压为220 V，副线圈输出电压为36 V，两只灯泡的额定电压均为36 V，L1额定功率为12 W，L2额定功率为6 W．试求：

（1）原副线圈的匝数比是多少？

（2）S闭合后，两灯均工作时原线圈的电流。

23．如图所示，轨道ABCD的AB段为一半径R=0.2m的光滑1/4圆形轨道，BC段为高为h=5m的竖直轨道，CD段为水平轨道。一质量为0.1kg的小球由A点从静止开始下滑到B点时速度的大小为2m/s，离开B点做平抛运动（g取10m/s2），求：

①小球离开B点后，在CD轨道上的落地点到C的水平距离； ②小球到达B点时对圆形轨道的压力大小？

③如果在BCD轨道上放置一个倾角＝45°的斜面（如图中虚线所示），那么小球离开B点后能否落到斜面上？如果能，求它第一次落在斜面上的位置。

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郧阳区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参）

一、选择题

1． 【答案】B 2． 【答案】A

【解析】由库伦力的公式F=kF′=k

=9k

，当距离保持不变，把它们各自的电量都增加为原来的3倍时，

=9F，所以A正确，BCD错误．故选A．

3． 【答案】BCD 【解析】 A与B间的摩擦力

，地面对B的摩擦力

，当

时，A、B均静

止；设A、B恰好发生相对滑动时的拉力，则有，解得，故当

时，A相对B静止，二者以共同的加速度运动，A错误；当

时，A、B以共同的加速度运动，由牛顿第二定律可得

时，A相对B滑

动，C正确；当，B正确；

B所受合力的最大值，即B的加速度最大为，D正确。

【名师点睛】解决块–板问题的关键是受力分析——各接触面间摩擦力的大小（静摩擦力还是滑动摩擦力）、方向；运动状态分析——是否有相对滑动及各自的加速度大小和方向。 4． 【答案】BD

【解析】粒子在磁场中运动过程中，洛伦兹力充当向心力，运动半径

因为所有粒子

和速度都相同，

故所有粒子的运动半径都一样，当粒子沿θ=60°射入时，恰好垂直PQ射出，可得，故

，解得，当粒子轨迹与PQ边界相切时，轨迹最长，运动时间最长，此时根据几何知识可

，B正确，C

得θ=120°，此时是粒子打在PQ边界上的最低的点，故相对Q的竖直位移为

错误；由于v一定，则弧长最短时，时间最短，根据分析可知当粒子沿着边界MN方向向上射入时最短，此时

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圆心在MN上，θ=30°，所以，此时是粒子打在边界PQ的最上端，根据几何知识可得

该点相对O点竖直位移为误，D正确。 5． 【答案】ACD

，故PQ边界上有粒子射出的长度为，A错

【解析】ACD 由图象可以得出物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，结合加速度的大小求出动摩擦因数的大小和传送带的夹角。由于刚放到传送带上时，物体的相对传送带斜向上运动，故受到的摩擦力方向为沿传送带向下，从图乙中可知，当物体的速度达到10 m/s后，物体的运动加速度发生变化，但仍是加速运动，所以由此可知10 m/s为传送带的速度，即

沿传送带向上，在0~1 s内物块的加速度

，之后物体相对传送带斜向下运动，受到的摩擦力方向为

，由牛顿第二定律得

，在1~2 s内，

，解得：μ=0.5，θ=37°，故ACD正确。

6． 【答案】C

，由牛顿第二定律得：

【解析】试题分析：利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律的物理学家是库伦，故选C． 考点：物理学史

【名师点睛】此题是对物理学史的考查；对历史上物理学的发展史及物理学家的伟大贡献都要熟练掌握，尤其是课本上涉及到的物理学家更应该熟记． 7． 【答案】BD 【

解

析

】

8． 【答案】C

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【解析】

试题分析：甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误。 考点：考查了理想变压器 9． 【答案】CD 【解析】

10．【答案】B

【解析】A、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向上的，故A错误 B、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向下的，故B正确； C、正电荷在电场中受力方向与电场方向一致，故C错误；

D、正电荷在电场中受力方向和电场方向一致，应该向上，故D错误； 综上所述本题答案是：B 11．【答案】BCD

【解析】电场线的疏密表示场强大小，则EA>EB，同一负电荷在两点受的电场力确；顺着电场线电势降低，则

电场力做正功，选项C正确；故选BCD.

点睛：明确电场线的疏密程度反映场强的相对大小，电场线的切线方向表示电场强度的方向，顺着电场线电势降低是解答本题的关键． 12．【答案】B 【解析】

，选项A错误，D正

，选项B正确；把一正电荷从A移到B，电场力的方向与位移同向，则

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13．【答案】B 由

【解析】:A、 时刻磁场方向向里且均匀增加,根据楞次定律,线框中感应电流沿逆时针方向,ab边中电流方向

,根据法拉第电磁感应定律知,正方形线框中的感应电动势是恒定值,原线圈中电流值恒定,副线圈中不产生感应电动势,e点电势等于f点电势,故A错误; B、根据法拉第电磁感应定律率,C、

,根据欧姆定律

,知

,

时刻磁感应强度的变化率小于时刻的磁感应强度变化

,所以B选项是正确的;

时间内磁感应强度均匀变化,磁通量均匀变化,有恒定感应电流通过ab,通过ab边的电量不为0,副线圈

,

磁通量不变,定值电阻中无电流,故C错误;

D、时刻磁场方向垂直纸面向外,磁场变小,磁通量减小,根据楞次定律得感应电流逆时针,ab边中电流方向上正下负,因此e点电势高于f点,故D错误; 所以B选项是正确的 综上所述本题的答案是：B 14．【答案】B

【解析】根据图象可知，交流电的最大电流为10A，周期为0.02s，频率为：D错误；电流有效值：15．【答案】D

【解析】试题分析：当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，线圈中有感应电流产生，故磁铁插入或抽出线圈的过程，穿过线圈的磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确。 考点：考查了感应电流产生条件

，故AC错误。所以B正确，ACD错误。

，故B正确，

磁感应强度的变化率增大,感应电流大小变大,穿过原副线圈的磁通量增大,根据楞次定律,副线圈中感应电动势

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16．【答案】B 【

解析】

17．【答案】AD 18．【答案】AD

【解析】A、因为A′、B′、C′三点离顶点O处的正电荷的距离相等，故三点处的场强大小均相等，但其方向不同，A错误；

B、由于△ABC所在平面上各点到O点的距离不一定都相等，由等势面的概念可知，△ABC所在平面不是等势面，B错误；

C、由电势的概念可知，沿直线A′B′的电势变化为先增大后减小，所以当在此直线上从A′到B′移动正电荷时，电场力对该正电荷先做负功后做正功，C错误； D、因为

，即

故选D。

，由点电荷的场强关系可知

，整理可得：

，D正确；

，又因为

，所以有

二、填空题

19．【答案】 ⑴b，D

⑵1.48（1.48士0.02），0.77（0.75～0.80）

20．【答案】10；100

【解析】由PUI，得输电导线中的电流I2P=10A U输电导线上因发热损失的电功率: PIr=100×1=100W 21．【答案】

（4分）

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三、解答题

22．【答案】（1）【解析】

55（2）0.082A 9n1u122055===nu369 2试题分析：（1）原副线圈的匝数比2（2）通过L1的电流为：通过L2的电流为：

I1=P1211=AAu2363

I2=P261=AAu2366

副线圈电流为I=I1+I2=0.5A

I0n2In1

设原线圈电流为I0：

9解得：I0=110A=0.082A

考点：变压器的构造和原理

点评：只要知道变压器的特点，本题不难，但是要注意解题格式要规范． 23．【答案】（1）2m；（2）3N ；（3）离B点1.13m 【解析】

（3）如图，斜面BEC的倾角θ=45°，CE长d=h=5m

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因为d＞s，所以小球离开B点后能落在斜面上

假设小球第一次落在斜面上F点，BF长为L，小球从B点到F点的时间为t2 Lcosθ=vBt2 ①

Lsinθ=

12

gt2 ② 2联立①、②两式得 t2=0.4s

L

vBt220.4m0.82m1.13m cos22第 15 页，共 15 页